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題目大意：給出 n 代表字符串長度，k 代表操作次數，還有一個長度為 n ，只包含 ' L ' 和 ' R ' 的字符串 s ，對于每次操作，可以選擇數對不相交的 i ，滿足 a[ i ] == ' R ' && a[ i +1 ] == ' L ' ，操作可以使得?a[ i ] = ' L?' , a[ i +1 ] =?' R?' ，問能否恰好進行 k 次操作，使得所有的 L 都位于字符串的左半部分，且所有的 R 都位于字符串的右半部分

題目分析：1750 分的一道構造題，比賽時完全交給隊友去做了，自己簽完到后直接去了 F 題，賽后反思感覺應該去幫隊友一下的，因為補題的時候發現這是一道偏向模擬的構造題，相對來說我還是比較擅長的。。有點可惜，死腦筋去磕 F 題，導致 D 和 F 兩個題都沒做出來，唉

首先要理解題目中的操作其實就是交換滿足條件的相鄰的一對字符，而讀完題后我是直接猜出了一個結論，那就是無論如何交換，最后使得字符串滿足條件的操作總數是相同的，而可以變換的是如何分組，舉個很簡單的例子，對于 RLRLRL 這個字符串，我們可以一回合直接改變第一對，第二對以及第三對 RL ，也就是一次操作為

3 1 3 5

也可以分三個回合分別改變這三個位置，也就是輸出

1 1

1 3

1 5

明白了這里之后就不難想了，因為 n 只給到了 3000 ，所以我們可以直接 n * n 去貪心維護出分組最少的情況，分組數可以記為 cnt ，同時記得維護一下總操作數 tot ，有了這兩個變量之后就可以特判 -1 的情況了，顯然如果 k 比最小分組 cnt 還要小時，或者 k 比總操作數 tot 都要大時是 -1 的情況，其余情況都是可以通過拆分最小分組 cnt 來達到的，剩下的模擬就好了，實現起來也是有技巧的，具體的可以參考代碼

代碼：
?

#include<iostream> #include<cstdio> #include<string> #include<ctime> #include<cmath> #include<cstring> #include<algorithm> #include<stack> #include<climits> #include<queue> #include<map> #include<set> #include<sstream> #include<unordered_map> using namespace std;typedef long long LL;typedef unsigned long long ull;const int inf=0x3f3f3f3f;const int N=1e6+100;char s[N];vector<int>ans[N];int cnt=0,tot=0,n,k;int main() { #ifndef ONLINE_JUDGE // freopen("input.txt","r",stdin); // freopen("output.txt","w",stdout); #endif // ios::sync_with_stdio(false);scanf("%d%d",&n,&k);scanf("%s",s+1);bool flag;do{flag=false;cnt++;//最少分組數 for(int i=1;i<n;i++)if(s[i]=='R'&&s[i+1]=='L'){swap(s[i],s[i+1]);ans[cnt].push_back(i);flag=true;i++;tot++;//總操作數}}while(flag);cnt--;if(cnt>k||tot<k) return 0*puts("-1");for(int i=1;i<=cnt;i++){while(k>(cnt-i+1)&&ans[i].size())//這里是判斷剩下的分組與還需要輸出的個數k的大小關系{printf("%d %d\n",1,ans[i].back());ans[i].pop_back();k--;}if(ans[i].size()){printf("%d",ans[i].size());for(int j=0;j<ans[i].size();j++)printf(" %d",ans[i][j]);puts("");k--;}}return 0; }

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總結

以上是生活随笔為你收集整理的CodeForces - 1333D Challenges in school №41(构造+模拟)的全部內容，希望文章能夠幫你解決所遇到的問題。

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